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2024届高三11月大联考考后强化卷（河北卷）物理试卷含答案与解析内容：
2024届高三11月大联考考后强化卷（河北卷）物理本卷满分100分，考试时河75分钟，注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。A。张同学认为2号瓶对1号瓶的作用力方向斜向右上方2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答愿卡上对应愿目的答案标号涂黑。如需改动，用橡B,陈同学认为1号瓶的重心正好在与2号瓶接触点的正上方皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。C.吕同学认为地而对4号瓶的支持力大小等于4个瓶子〔包括里面而可乐)的总重力3,考试结束后，将木试卷和答恩卡一并交回，D.刘同学认为如果地面是光滑的，物理老师表演一样会成功一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题4。运动员在投掷铅球时，将质量为m的铅球以一定的初速度斜向上挥出，测得铅球离手时距离地面的高目要求的。度为，铅球在空中的运动时间为，铅球落地点距离抛出点的水平距离为x,重力加速度为g,不计空1.甲、乙两辆小车，在同一平直公路上沿同一方向做直线运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。气阻力，据此不可求出的物理量是其图像如图所示，下列说法正确的是A。铅球抛出时的初速度B,铅球抛出的初速度方向与水平方向的夹角：C.铅球运动的最高点离地而的高度HD.投掬铅球时运动员对铅球的平均作用力大小下A.在2时刻两车速度相等5。滚简洗衣机有可烘干衣服、洗净度较高、对衣服磨损小、节水、节约洗衣粉、转速比较高等优点，但也B,在0h时间内。甲车的平均速度等于乙车的速度有洗衣时间长、比较耗电、维修费用较高等缺点。如图所示，若某滚筒洗农机甩干衣服〔包括农服中的C,在时刻，甲车速度大于乙车速度水，可视为质点)时，滚简做匀速圆周运动，转动的角速度大小为30md/s,衣服转动的半径为024m,D.在-之间的某一时刻，两车的加速度相等取重力加速度大小g=π2，则下列说法正确的是2.我国自行研制的新一代轮式装甲车已达到西方国家第三代战车的水平，其将成为我国军方快速部署轻型装甲部队的主力装备。设该装甲车的质量为刚，若在平直的公路上从静止开始加速，则前进较短的距离￥其速度使可达到最大值，设在加速过程中发动机的功事恒为P,装甲车所受阻力恒为当速度大物小为v(> v)时，所受牵引力为F,以下说法正确的是A.装甲车速度大小为时，牵引力做的功为FsB.装甲车的提大速度-号A.衣服在滚简内最高点A时对简壁的压力小于其所受的重力C.装甲车速度大小为v时，加速度大小a=EB,水滴最容易在最高点A离开衣服C,衣服运动到与圆心等高点时，只受滚筒的支持力作用D,装甲车从静止开始至达到最大速度m所用时间：=丝D.衣服在最低点B时受到的支持力是其所受重力的217倍C【解析】x-:图像斜率表示速度，由图可知，在2时刻甲车图线斜率大于乙车图线斜率，则在2时刻甲车速度大于乙车速度，A错误，C正确：根据=三可知，由于0-h时问内两车的位移不相等，则平均速度不相等，B错误：由题意可知，甲车做匀加速直线运动，乙车做匀速直线运动，则两车的加速度不可能相等，D错误。B【解析】因为在运动过程中，装甲车的功率不变，又速度增大，则牵引力减小，故加速过程牵引力不是恒力，所以装甲车速度大小为y时，牵引力做的功不等于Fs,A错误：当牵引力与阻力相等时，装P甲车的速度达到最大，根据P=知，最大速度v=二，B正确：当装甲车的速度大小为v时，根据牛顿第二定律得加速度大小a=F一，C错误：根据动能定理得N-=m2，解得1/。之+尽，D错误.PA【解析】2号瓶对1号瓶的作用力必须与1号瓶所受的重力平衡，所以该作用力的方向必须是竖直向上的，且】号瓶的重心正好在与2号瓶接触点的正上方，A错误，B正确：将4个可乐瓶视为一个整体，地而对4号瓶的支持力等于整体总重力，C正确：只要地而是水平的，使整体受到的支持力与总重力保持平衡，不需要摩擦力也能成功，D正确。本邀选错误的，故选A。D【解析】铅球在多直方向敏匀变适运动。取向上为正，则全过程有-=一宁，可求出铅球投出时竖直方向的速度，铅球在水平方向做匀速直线运动，由x=y,:可求出铅球投出时水平方向的速度，·进而由%=√+可，am0-兰，A、B选项可求，不符合愿意：由=2gH,H=H+h可求出H,即C选项可求，不符合题意：由于投掷时铅球与运动员的手的作用时间未知，因此万不可求，即D选项不可求，符合题意。D【解析】衣服在最高点A时受到重力和滚筒对衣服的支持力，由F+mg=所？，可得F=215mg,A错误：衣服在最低点有下，-g=mr,可知衣服在最低点受到的支持力大于在最高点受到的支持力，水滴最容易在最低点离开衣服，B错误：衣服运动到与圆心等高点时，由受力分析可知。衣服还要受到滚筒对衣服的摩擦力才能与所受重力在竖直方向上平衡，C错误：由F1-mg=m,可得下N1=217mg,D正确A【解析】根据动量定理有下-mgM=mv-0,解得下=、+mg,A正确：该过程中，地面对运动员的支持力的作用点没有发生移动，地面对运动员做功为0，B错误：该过程中，运动员的动量变化量大小为v,C错误：根据动量定理有I-g=v-0,地面对运动员的冲量大小为mv+gt，D错误。A【解析】对于质量为m的近地卫星，由万有引力提供向心力有GM=m4R,由密度公式T2MM双。联立解得户泾，所以密度与其近地卫星环绕周期平方成反比，再由A:3解得A=a于R,'A正确。AD【解析】电解质插入极板越深，电容器电容越大，A正确：当传感器处于静止状态时，电容器带电，左极板带正电，右极板带负电，且两极板之间电势差大小恒等于电源电动势，B错误：当传感器由静止突然向前加速时，弹簧会申长，向上的弹力增加，电介质插入极板深度增加，根据电容器的决定式C一品，可知电容器电容州大。因电容器两耀的电压不变，银紧Q=心可知，荷极板同的电背量增大，会有电流由b流向ā，C错误；当传感器以但定加速度司前运动，达到稳定后弹簧弹力不变，电介质插入极板深度不变，则电容器电容不变，极板电荷量也不变，故电流表中没有电流通过，指针不偏转，D正确，BC【解析】电子带负电，在电势越低的点，其电势能越大，可知电子在a点的电势能比在b点的高8V,A错误：依题意，ac的中点e的电势g,=18V，将e与b相连，可知b为等势线：将Ob的中点f与a相连，因a与be平行，可知a点与f点电势相等，为r=10V,依题意有%-p,=p-o,有0=2V,B正确：依愿意有，x轴方向的场强大小为E,=I8-2Vcm=2Vcm,y轴方向的场强大小为810.2Vcm-Vcm,合场强为E=√+E=2正Vcm,C正确：电子从b点运动到e点，电E,=6场力做功为W=-eU=-e(g一g)=8eV,D错误。0.84AD【解析】由几何关系可知，连接小球A的绳与竖直方向夹角的余弦值为Os8=V0.82+0.62设释放瞬间绳的拉力大小为T,对小球A,在竖直方向上有T-mg=ma4,对小球B,在经直方向上有Mg-T=Mag,解得5a4+8知g=30ms2，A正确：两球刚开始运动时，由速度分解可得v=4,5B错误：小球A和小球B组成的系统机械能守恒，当小球A运动到轨道最高点时速度最大，此时小球B的速度为0，由系统机械能守恒定律得g[VR2+:-(h-)]-mgR=子m2,解得r=25ms,C错误：对小球B,由动能定理得甲+gR产+F-(h-)-0,解得W=-32J,D正确。(1)4(2分)(2)42(2分)(3》偏大(2分)【解析】(1》由于小球直径很小，挡光时间很短，可认为钢球球心经过光电门时的速度大小等于挡光过程的平均速度，则有v=一。根据自由落体运动规律有2gh=2-号，整理得片小子，由一下图像可知本=一，解得2gg■2k(3)若某同学在安装器材时小球的释放点稍向左边偏移了一些，导致小球经过光电门时，虽然小球也能遮光，但光线无法对准球心，则实际挡光宽度山小于小球直径山，则8=2及< 示=&,可知重力加速度的测量值偏大(1)10600(2分)串联(1分》400(2分)(2)2.78(2分)0.200(2分)【解析】(1)校准时，标准电压表的读数U=29V,表头满偏电流1。=2504A,根据欧，定律，改U装后电压表的内阻R=二=11600Ω，则实际的凡=R-R。=106002,表头应该串联的电阻为R+R==,0×102=120002,解得R=110002，所以在R,旁串联12250R=110002-106002=400Ω的电阻即可使改装后的电压表量程变为03V。(2)由愿图1，根据败姆定律得U=ER,整理得=”+，圈图2的斜率k=上，题图2的纵轴截距b-二，代入数据解得E=2.78V,r=0.2000·(1)设粒子离开加速电场时的速度为，由动能定理可得gU=号m02-0(2分)
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